内容发布更新时间 : 2024/5/20 2:46:06星期一 下面是文章的全部内容请认真阅读。

第七章 吸收

10171,解：（1）y?0.008 x??0.1047

10?10001718E7.74?1040.2563 （2）P?301.9KPa H,E不变，则m??3P301.9?105.9?103??0.0195 x?0.01047 (3)y?301.9?103?2，解：y?0.09 x?0.05y?0.97x

?同理也可用液相浓度进行判断

3，解：HCl在空气中的扩散系数需估算。现P?1atm，T?293k, 故DG?10?293?71751?21.5?20.1HCl在水中的扩散系数DL.水的缔和参数??2.6,分子量Ms?18,

粘度?293K???1.005CP, 分子体积VA?3.7?24.6?28.3cmmol

3??136.5?129?121212?2?1.71?10?5m2s

4，解:吸收速率方程NA???DRTx??PPBM??PA2?PA1? 1和2表示气膜的水侧和气侧，A和B表示氨和空气

PBM?1?96.2?100.6??98.4kNm2代入式 2?2x=0.000044m 得气膜厚度为0.44mm.

5，解：查25C水汽在空气中扩散系数为D?0.256cms

?T2??353?2?52?80?C下，D2?D1??0.256????0.344cms?3.44?10cms ?T??298??1?80?C水的蒸汽压为P1?47.38kPa，P2?0

M218??2169s 时间t??42NA7.25?10??4?0.36,解：画图

7,解：塔低：y1?315?10塔顶：y2?31?10?61.751.75?6 G??0.34kgms

32 x2?0

2.5N的NaOH液含2.5?40gl?100kgNaOHm 2.5N的NaOH液的比重＝1.1液体的平均分子量：

通过塔的物料衡算，得到Gm?y1?y2?A?KGP?y?y??LmZA

如果NaOH溶液相当浓，可设溶液面上CO2蒸汽压可以忽略，即气相阻力控制传递过程。

?在塔顶的推动力?y2?0?31?10?6

在塔底的推动力?y1?0?315?10?6

?315?31??10?6对数平均推动力?y?y??Lm?8，解：y2?y1?1????0.0002

In31531?532由上式得：KGa?8.93?10kmolms?kNm?

9，解：塔顶的推动力??Y2?Y2???0.0003

?122.5?10?6

塔底的推动力??Y1?Y1????0.03?0.026??0.004

0.004?0.0003?0.00143

In0.0040.0003根据Gm?Y1?Y2?A?KGaP?Y?Y??LmAZ

??a?Y?Y??LmZ 即Gm?Y1?Y2??KG??a??0.0150.04??0.375m 传质单元高度HOG?GmKG对数平均推动力?传质单元数 NOG??7.80.375??20.8?21 10,解：

L0.03?0.0031.2??1.35 S??0.89 G0.8?0.031.21.35??0.958?8.47?8.1?6.0m不够用 h??HOGNOG11，解：（1）Y1?0.02,X2?0,Y2?0.04,X1?0.008

Y1*?1.5X1?1.5?0.008?0.012, Y2*?0

Z10??3.61m 由Z?HOGNOG ?HOG?NOG2.77LY?Y0.02?0.004?12??2 由于

GX1?X20.008?0L2而m?1.5 故A???1.33?1

mG1.5??0, X1??? (2)Y1??0.02, Y2??0.002, X2?Z?Z?Z?17?10?7m,即填料层应增加7m

??HOG不变 (3)因LG不变，故HOGmG1.5??0S?又Y1??0.004, X2??0.75

L2Y?解得：1?3.5

Y2? 即：排放浓度是合格的

?NOG? 12，解：h?HOGNOG h??HOG11??In?0.438?0.562??5.B

1?0.562?1?0.95?11??5.1?In??1?S???S??A

1?S??0.02???6.76 试差 设S??0.53 代入式A得 NOG??6.30 设S??0.48 NOGNOG???5.8 设S??0.42 NOG??5.2 设S??0.32 NOG??5.14左边等于右边 设S??0.31 NOG100?10?3320.0713,解：（1）y1??0.0753 ?0.07 ?Y1?1?0.07122.4（2）NOG???mV1In??1?mV??L1?L?Y1?mX2mV????

Y?mXL?22?（3）Z?HOG?NOG?0.686?8.89?6.1m

14，解：因氨得平衡分压为零，故y?0，而有?ya?ya，?yb?yb，

*yb?yay?Inb

In?ybya??ymya1yy1又吸收率??1?a，故b?，而有NOG?In

ybya1??1??现操作条件基本相同，故三种情况下的HOG?GKya，可认为相等。

?y??ya?yb?，于是NOG?于是所需填料塔高度之比为：

第八章 干燥

6-1 1.0133×10Pa（1个大气压）、温度为50℃的空气，如果湿球温度为30℃，计算：（1）湿度；（2）焓；（3）露点；（4）湿比容

解：

1、H=0.021, I=116kJ/kg, td=25?C

6-2 已知一个干燥系统的操作示意图如下：

在I－H图中画出过程示意图

求循环空气量qm,L

C，83oC, B A 理论干燥器 o预热器 -183oC 14C H干气 C=0.03kg?kg -1 HA=0.01k?kg干气 φ＝80％ 解：

示意图，见右图 HA=0.03 6-3在一连续干燥器中干燥盐类结晶，每小时处理湿物料为1000kg，经干燥后物料的含水tA=83 ℃ 间壁冷凝器Φ=0.8 -1量由40%减至5%（均为湿基），以热空气为干燥介质，初始湿度H1为0.009kg水?kg绝干气，离开干燥器时湿度H2为0.039kg水?kg-1绝干气，假定干燥过程中无物料损失，试求： 冷凝水，1kg?h-1 （1） 水分蒸发是qm,W （kg水?h-1）； （2） 空气消耗qm,L（kg绝干气?h-1）； 原湿空气消耗量qm,L’（kg原空气?h-1）； （3）干燥产品量qm,G2（kg?h-1）。 5

解： tA=14℃ HA=0.01 qmG1=1000kg/h, w1=40℃, w2=5% H1=0.009, H2=0.039 qmGC=qmG1(1-w1)=1000(1-0.4)=600kg/h x1=0.4/0.6=0.67, x2=5/95=0.053

①qmw=qmGC(x1-x2)=600(0.67-0.053)=368.6kg/h ②qmL(H2-H1)=qmw

qmL’=qmL(1+H1)=12286.7(1+0.009)=12397.3kg/h ③qmGC=qmG2(1-w2) ∴qmG2?qmGC600??631.6kg/h 1?w21?0.056-4某厂利用气流干燥器将含水20%的物料干燥到5%（均为湿基），已知每小时处理的原料量为1000kg，于40℃进入干燥器，假设物料在干燥器中的温度变化不大，空气的干球温度为20℃，湿球温度为16.5℃，空气经预热器预热后进入干燥器，出干燥器的空气干球温度为60℃，湿球温度为40℃，干燥器的热损失很小可略去不计，试求：

（1） 需要的空气量为多少m3?h-1？（以进预热器的状态计） （2） 空气进干燥器的温度？